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1-4CBBC

11.(1)ABC(2)不能合力为，超出了弹簧测力计的量程(每空2分)

12.(1)0.1(2)0.4(3)0.14(4)0.1(每空2分)

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1-4CDBA

13.解：(1)前1s时间内的加速度

3分

(2)1s到4s时间内的加速度，2分

1s到4s时间内的位移

3分

(3)前1s时间内的位移，2分

4s时间内的平均速度，2分

14.解：(1)重物受力如图。1分

将力分解，由物体的平衡条件有

水平方向上①2分

竖直方向上②2分

联立两式，代入数据解得两根绳AC和BC上的拉力分别为

4分

(2)由①式知，若AC绳的拉力为150N，则BC绳上的拉力将达到，

超过了其100N的承受能力。2分

当BC绳的拉力时，重物的重力为

2分

所以为了不使绳子被拉断，重物的重力不应超过115.5N。1分

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1BD2BCD

15.解：推木箱匀速前进时，木箱受力如图1。1分

由物体的平衡条件，有

Fcos37=Ff12分

FN1=mg+Fsin372分

而Ff1=FN11分

解以上三式得木箱与地面的动摩擦因数

=0.172分

拉木箱前进时，木箱受力如图2。1分

由牛顿第二定律，有

Fcos37-Ff2=ma2分

FN2+Fsin37=mg2分

而Ff2=FN21分

解此三式得木箱的加速度

a=0.56m/s22分

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1-4DBBC

5.(1)甲 甲方案中摩擦力较小 (2)4.8m/s2 乙 (3)BC

6.(1)(2)(3)

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1-4BBCDABD

5.⑴设土星质量为M0，颗粒质量为m，颗粒距土星中心距离为r，线速度为v，根据牛顿第二定律和万有引力定律：解得：

对于A、B：和得：或

⑵设颗粒绕土星作圆周运动的周期为T，则：

对于A、B两颗粒分别有：和

得：或或

6.(1)初始时物体动能，到达B点时的动能。

由A到B过程中，外力做功，

由动能定理，(动能定理列对的共得2分，下同)

得。

(2)如图所示，设滑块上升到D点时速度为0，所走距离为s1。

到达D点滑块动能为，

由B到D的过程中，外力做功为

，

由动能定理，

求得。

由知，滑块不能静止在D点，将继续向下运动。

设滑块最终停在水平轨道上的E点，BE间距离设为s2。

到E点时滑块动能为，由D到E的过程中，外力做功为，

由动能定理，

求得。

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1-2ACDBCD

3设小球从圆弧顶点以速度抛出，经过时间秒垂直落在斜面上，斜面的倾角为.如图所示，则：

或..(1分)

......

....(1分)

或..

mg.......(1分)

即：或..........

所以，当斜面角满足或时，其设计是可行的.

当小球在斜面上运动到与圆弧顶端等高位置A点时，小球的速度为.

设此时小球下落高度为，根据动能定理，

..............

所以，小球下滑的高度距斜面底端

或...............

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1-4CBDA

5(1)在连续相等时间内，位移差都相等(2)2.64

(3)12.6图略;(4)打下A点时，小车的速度

6，5N，AD，BCl;

7，0，ma

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1-4BCAC

5

6A绳拉力80N;B绳拉力100N

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1-4ACD;AAD;BC;CD;

5

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1

2

3

4

5

ACD

BC

BD

AC

C

6200m、10s

7110N、20m/s

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1

2

3

4

5

CD

ABC

C

C

B

6角速度为，线速度为v;

长春角速度为,线速度为v

则=

由于rr,v=r

则vv

7(1)由h=1/2gt得t=2h/g=2s

(2)由x=vt得x=30m

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1-4ACDA

5(1)600N

(2)840N

(3)以3m/s2的加速度匀减速上升或3m/s2的加速度匀加速下降

6解：解析 (1)因OB绳处于竖直方向，所以B球处于平衡状态，AB绳上的拉力为零，OB绳对小球的拉力FOB=mg.

(2)A球在重力mg、水平拉力F和OA绳的拉力FOA三力作用下平衡，所以OA绳对小球的拉力FOA==2mg.

(3)作用力F=mgtan60=mg.

答案 (1)mg (2)2mg (3)mg

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1-4DCBBC

5解：①受力如图，竖直方向受力平衡

得FN=17N

物体与地面间的摩擦力大小为

②水平方向，由牛顿第二定律

得a=0.3m/s2

5s内的位移为：

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1-4DCBCADBC

5根据牛顿第二定律得:

匀减速直线运动的加速度:

根据牛顿第二定律得:

解得:F=30N，=0.5

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1.D2.C3.B

4.(1)AD(2)F

解析 (1)同一次实验中，为保证作用效果相同，必须将结点O拉至同一位置，故A选项正确;计算合力用平行四边形定则求得不必选用特殊角，故B选项错误;夹角越大，合力越小，实验误差增大，故C选项错误;做实验时，必须使分力与合力在同一平面内，故D选项正确.

(2)用一只弹簧测力计直接拉橡皮条的拉力方向一定沿AO方向，而用平行四边形定则求出的合力F与AO的方向可能有偏差.

5.答案:(10分)⑴D⑵丙，C⑶，(4)0.46(4)解析:s4-s1=3aT2

a==m/s2=0.46m/s2.

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1.A2.C3.A

4.如图所示，定滑轮只改变力的方向，不改变力的大小，

所以绳的拉力F1=F2=100N，

柱顶所受压力大小F=2F1cos30

得F=100N。

5答案 (1)做加速度越来越小的加速运动 6m/s(2)5.6m/s2

解析 (1)以伞和运动员作为研究对象，开始时速度较小，空气阻力F小于重力G，v增大，F随之增大，合力F合减小，做加速度a逐渐减小的加速运动;

当v足够大，使F=G时，F合=0，a=0，开始做匀速运动，此时的速度为收尾速度，设为vm.

由F=kv=G，

得vm===6m/s.

(2)当v=4m/sF=kv2，

由牛顿第二定律F合=ma

得a=g-=10m/s2-m/s25.6m/s2.

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1.C2.BC3.ABD

14.解：(1)由v=v0+at，甲车停止运动的时间t1=2s

(2)时间t1内，甲车的位移x甲=(v+v0)t1/2=10m

乙车的位移x乙=v0t1=20m

两车相距x=30m

(3)相遇时间t2=(x0+x甲)/v0=5s

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1.AB2.CD3.AD

4解：(1)以冰车及小明为研究对象，由牛顿第二定律得

①

②

由①②得5m/s

(2)冰车匀加速运动过程中有

③

冰车自由滑行时有

④

⑤

又⑥

由③④⑤⑥得50m

注：计算题其他解法正确均按步骤给分。

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